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dnetworker

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电梯直达

1楼 [收藏(0)] [报告]

发表于 2003-05-25 17:23 |只看该作者 |倒序浏览

假如$filename="c:\...\test.jpg";
如何取得test.jpg?用什么可以表示啊?是$filename_name吗?
我试过,好像不行啊,帮忙!

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baorongabc

稍有积蓄

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2楼 [报告]

发表于 2003-05-25 19:59 |只看该作者

请问:

是文件上传时，form的filefield的名称是file
要取得上床文件的名称是吗？$file_name就可以取得上传的文件名！

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dnetworker

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3楼 [报告]

发表于 2003-05-25 20:17 |只看该作者

请问:

是文件上传时,但我选择文件后,$filename="c:\...\test.jpg";
echo $filename_name 发现为空啊,而不是test.jpg啊?

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ztt9898

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4楼 [报告]

发表于 2003-05-27 16:11 |只看该作者

请问:

我也有过这种情况，不知道能不能帮助你。你检查一下php.ini文件，其中有File Uploads部分，你检查upload_tmp_dir =是不是没添，添好并去掉前面的分号，应该就可以了。

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一颗小白菜

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5楼 [报告]

发表于 2003-05-27 19:02 |只看该作者

请问:

PHP版本！！！4.1.0以上的吧？
用 $_FILE["file_name"]["tmp_name"] 吧

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dnetworker

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6楼 [报告]

发表于 2003-06-02 23:19 |只看该作者

请问:

[quote]原帖由 "ztt9898"]我也有过这种情况，不知道能不能帮助你。你检查一下php.ini文件，其中有File Uploads部分，你检查upload_tmp_dir =是不是没添，添好并去掉前面的分号，应该就可以了。[/quote 发表：

我改了后,发现文件还是不能上传,提示为:
c:\\...\\..\\test.jpg not found!
继续!